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这是我做的一个A类评定。做完之后我想,正负8W的不确定度,如果495W是合格功率的上限,那496W合不合格呢?为什么?这个不确定度在这里又是一个什么样的角色和地位?, s" f9 E, P' ?& x
根据你下面的测试方法,实际上你是在对实验室测试功率进行不确定的评估。, U# U+ N, ?* J. L+ ]
测量不确定度的评估:; i) O6 \ J( ]& Y7 W( s8 c7 m
用数字电参数综合测量仪,测试电饭煲的功率(单位:W), n=5,得到5 个测量值如下:; J j* o( d# F G3 z5 l
494,495,495,494,495! S8 P$ Y K6 z, T, |) C
数字电参数综合测量仪的最大允许误差:cosФ≥0.2时,±(0.1%×量程+0.4%×读数)
0 {1 T G' C2 W& {3 j" m" ~; e0 ^用5次测量的平均值作测量结果,求测量不确定度 , K, b. Z6 g0 }# b+ ?9 n: ?
这个太简单了,需要找出不确定度有哪些东西引起的。
- J$ |) d0 _$ a6 V( ^; A比如测试设备,电源等,而且测试需要对同一台样品进行,不同的样品会有差异。6 B0 Y0 I& n _( n. l0 S5 r
对于不同人员引起的不确定度很小,主要是由仪器的读数造成的。7 p+ v$ L! Y# M5 k
8 P g- [* `& `0 l+ f# S* G
1.数学模型  P=x+ P
: _; v" I" ?6 }, |0 b4 E) r. ]P—— 测量结果: n9 }0 k) z9 e: l, K
x —— 测量值' K: h! M8 t) I+ o9 F( L! C+ T
Ps —— 泄漏电流测试仪误差的影响
! _) I8 O# b; [: g( Y. J; I }7 A由于比较简单,就不需要建立数学模型了。# W) D) v! Y- R3 b J8 S
2.不确定度传播定律/ a5 {; z) n1 f( m; N1 h6 ^
    4 D* j; y6 t% G& I& }
3.求标准不确定度分量
# b7 N( T \: T6 i1 J+ w5 {  测量平均值:(494+495+495+494+495)/5=494.6W
) R3 [3 ^9 c z/ }求残差:494-494.6=-0.6;495-494.6=0.4;495-494.6=0.4;494-494.6=-0.6;495-494.6=0.4;
1 h: `* d6 w4 F标准偏差:s(x)= = ≈0.55W, Q }2 p$ d- ]/ h) K+ k
以平均值作为测量结果,故 0.25W
9 B% {! `/ u. ^3 y r% n+ ]
7 `* s) W& m. e6 U: X' m" D; ~! X对各个不确定度的分量进行评估。
7 u2 Q$ Z/ [5 f' _9 @0 N! y 4.求标准不确定度分量 / x& ]' V, j% j* m! I
△=±(0.1%×量程+0.4%×读数),按正态分布考虑,取k=1.96( @9 P- n# h9 T0 D' i/ R
取测量平均值494.6为读数值1 o: W1 u e0 Q" P9 E: ?. @
U2(Ps )= = ≈4.07W5 \; o2 }: ?& R- A+ Q
这个计算偏大了. v5 `* f" o- F7 P& {
5 M: d) x' x7 s) J! M7 n* |8 k5.求合成标准不确定度
$ { Z5 d3 \& L* d" Z5 V+ ]    = ≈4.08W
3 N- ^1 k" g; G. x5 [) n! C6.扩展不确定度:
. l0 c6 m# x/ f7 v6 d! n  由于正态分布的分量占优势,故P接近正态分布。 
! W- a) u8 v9 P+ o0 j- B- @2 l 取置信概率P=95%,k95 = 1.96
. K6 X8 v1 Y2 O; X* d9 s Y本次测量扩展不确定度:U95 = k95  uc =1.96×4.08≈8W9 X1 W. s" p$ P& f) D; A/ J: r2 Z
7. 测量不确定度报告
2 }. i. ]1 R7 B& ~9 E, aP=(494+8)W  k95 = 1.96 这个表达式也不对
% w0 M) h' s* R; z/ [. _
8 c2 Z. X$ _6 N w具体可以看一下guide 115,那里有好几个例子$ o% K( E; G( n8 T+ U9 w
- M0 B8 _$ l( P0 q2 l- ]+ X0 K
0 E0 f+ }$ S5 x1 P200){print |
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